BZOJ1014[JSOI2008]火星人——非旋轉treap+二分答案+hash
阿新 • • 發佈:2018-11-30
data space tree 復雜度 tor tle 復雜 spa lse 如果求出了LCQ函數的值,也可以很快地將該字符串的後綴排好序。 盡管火星人聰明地找到了求取LCQ函數的快速
算法,但不甘心認輸的地球人又給火星人出了個難題:在求取LCQ函數的同時,還可以改變字符串本身。具體地說
,可以更改字符串中某一個字符的值,也可以在字符串中的某一個位置插入一個字符。地球人想考驗一下,在如此
復雜的問題中,火星人是否還能夠做到很快地求取LCQ函數的值。 2、修改。語法:Rxd,x是正整數,d是字符。功能:將字符串中第x個數修改為字符d。限制:x不超過當前字
符串長度。
3、插入:語法:Ixd,x是非負整數,d是字符。功能:在字符串第x個字符之後插入字符d,如果x=0,則在字
符串開頭插入。限制:x不超過當前字符串長度
7
Q 1 7
Q 4 8
Q 10 11
R 3 a
Q 1 7
I 10 a
Q 2 11
1
0
2
1 2、M<=150,000
3、字符串長度L自始至終都滿足L<=100,000
4、詢問操作的個數不超過10,000個。
對於第1,2個數據,字符串長度自始至終都不超過1,000
對於第3,4,5個數據,沒有插入操作。
題目描述
火星人最近研究了一種操作:求一個字串兩個後綴的公共前綴。比方說,有這樣一個字符串:madamimadam,
我們將這個字符串的各個字符予以標號:序號: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 字符 m a d a m i m a d a m 現在,
火星人定義了一個函數LCQ(x, y),表示:該字符串中第x個字符開始的字串,與該字符串中第y個字符開始的字串
,兩個字串的公共前綴的長度。比方說,LCQ(1, 7) = 5, LCQ(2, 10) = 1, LCQ(4, 7) = 0 在研究LCQ函數的過程
中,火星人發現了這樣的一個關聯:如果把該字符串的所有後綴排好序,就可以很快地求出LCQ函數的值;同樣,
算法,但不甘心認輸的地球人又給火星人出了個難題:在求取LCQ函數的同時,還可以改變字符串本身。具體地說
,可以更改字符串中某一個字符的值,也可以在字符串中的某一個位置插入一個字符。地球人想考驗一下,在如此
復雜的問題中,火星人是否還能夠做到很快地求取LCQ函數的值。
輸入
第一行給出初始的字符串。第二行是一個非負整數M,表示操作的個數。接下來的M行,每行描述一個操作。操
作有3種,如下所示
1、詢問。語法:Qxy,x,y均為正整數。功能:計算LCQ(x,y)限制:1<=x,y<=當前字符串長度。
符串長度。
3、插入:語法:Ixd,x是非負整數,d是字符。功能:在字符串第x個字符之後插入字符d,如果x=0,則在字
符串開頭插入。限制:x不超過當前字符串長度
輸出
對於輸入文件中每一個詢問操作,你都應該輸出對應的答案。一個答案一行。
樣例輸入
madamimadam7
Q 1 7
Q 4 8
Q 10 11
R 3 a
Q 1 7
I 10 a
Q 2 11
樣例輸出
51
0
2
1
提示
1、所有字符串自始至終都只有小寫字母構成。
3、字符串長度L自始至終都滿足L<=100,000
4、詢問操作的個數不超過10,000個。
對於第1,2個數據,字符串長度自始至終都不超過1,000
對於第3,4,5個數據,沒有插入操作。
對於一個字符串可以將它看做一個序列,插入一個字符,修改一個字符用平衡樹維護就行。
求LCP可以二分LCP長度然後用hash驗證,因此平衡樹要維護子樹代表區間hash值,時間復雜度O(nlog^2)。
這道題無模數自然溢出就可過,註意要用unsigned int,否則會TLE。
#include<map> #include<queue> #include<stack> #include<cmath> #include<vector> #include<bitset> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #define ull unsigned int using namespace std; ull base=29; ull sum[200010]; ull v[200010]; int size[200010]; int ls[200010]; int rs[200010]; ull f[200010]; char s[200010]; int root; int a,b,c; int n; int x,y; int cnt; char ch[3]; int r[200010]; int len; inline int build(int val) { int rt=++cnt; v[rt]=(ull)val; r[rt]=rand(); size[rt]=1; sum[rt]=v[rt]; return rt; } inline void pushup(int rt) { size[rt]=size[ls[rt]]+size[rs[rt]]+1; sum[rt]=v[rt]; if(ls[rt]) { sum[rt]=sum[ls[rt]]*base+v[rt]; } if(rs[rt]) { sum[rt]=sum[rt]*f[size[rs[rt]]]+sum[rs[rt]]; } } inline int merge(int x,int y) { if(!x||!y) { return x+y; } if(r[x]<r[y]) { rs[x]=merge(rs[x],y); pushup(x); return x; } else { ls[y]=merge(x,ls[y]); pushup(y); return y; } } inline void split(int rt,int &x,int &y,int k) { if(!rt) { x=y=0; return ; } if(size[ls[rt]]>=k) { y=rt; split(ls[rt],x,ls[y],k); pushup(rt); } else { x=rt; split(rs[rt],rs[x],y,k-size[ls[rt]]-1); pushup(rt); } } inline void insert(int k,int val) { split(root,a,b,k); root=merge(merge(a,build(val)),b); } inline void change(int k,int val) { split(root,a,b,k-1); split(b,b,c,1); root=merge(merge(a,build(val)),c); } inline ull query(int x,int k) { split(root,a,b,x-1); split(b,b,c,k); ull res=sum[b]; root=merge(merge(a,b),c); return res; } inline int find(int x,int y) { int l=0; int r=min(len-x+1,len-y+1); int ans=-1; while(l<=r) { int mid=(l+r)>>1; if(query(x,mid)==query(y,mid)) { l=mid+1; ans=mid; } else { r=mid-1; } } return ans; } inline int build_tree(int l,int r) { if(l==r) { return build(s[l]-‘a‘+1); } int mid=(l+r)>>1; return merge(build_tree(l,mid),build_tree(mid+1,r)); } int main() { srand(12378); scanf("%s",s+1); f[0]=(ull)1; for(int i=1;i<=200000;i++) { f[i]=f[i-1]*base; } len=strlen(s+1); root=build_tree(1,len); scanf("%d",&n); while(n--) { scanf("%s",ch); if(ch[0]==‘Q‘) { scanf("%d%d",&x,&y); printf("%d\n",find(x,y)); } else if(ch[0]==‘I‘) { len++; scanf("%d%s",&x,ch); insert(x,ch[0]-‘a‘+1); } else { scanf("%d%s",&x,ch); change(x,ch[0]-‘a‘+1); } } }
BZOJ1014[JSOI2008]火星人——非旋轉treap+二分答案+hash